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EvAU MadridConvocatòria ordinaria

Física EvAU Madrid 2024

Física — 2.º Bachillerato — Exercicis resolts amb explicació

Format de l'examen

  • 1 hora 30 minutos
  • Elige 5 de 10 preguntas (opción A o B)

Blocs temàtics

  • Mecánica y gravitación
  • Campo eléctrico
  • Campo magnético
  • Ondas y óptica
  • Física del siglo XX
PDF oficial de l'examen

10 exercicis a EureQuiz

Practica aquest examen amb variants il·limitades. Cada intent genera dades noves per aprendre realment el mètode.

  • Exercicis que canvien cada cop
  • Explicació detallada
  • XP i seguiment del progrés
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Exercicis de l'examen10 exercicis

EVAU MAD 2024 — A.1Dificultat 3/5

La distancia del satélite Halimede a Neptuno, planeta alrededor del cual orbita, varía entre 12 y 21 millones de km. Calcule el trabajo realizado por la atracción gravitatoria de Neptuno sobre Halimede en el tránsito desde el punto más próximo (12·10⁹ m) al más distante (21·10⁹ m) de la órbita.

Datos: G=6,671011G = 6,67·10^{-11} N·m²·kg⁻²; masa de Halimede m=1,601015m = 1,60·10^{15} kg; masa de Neptuno M=1,021026M = 1,02·10^{26} kg.

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Resposta correcta — opció C

3,891020-3,89·10^{20} J

¡Correcto! W=GMm(1/rf1/ri)=6,6710111,0210261,601015(1/211091/12109)3,891020W = GMm(1/r_f - 1/r_i) = 6,67·10^{-11}·1,02·10^{26}·1,60·10^{15}·(1/21·10^9 - 1/12·10^9) \approx -3,89·10^{20} J. Negativo porque el satélite se aleja.
El trabajo de la fuerza gravitatoria es W=Ep,iEp,f=GMm(1/rf1/ri)W = E_{p,i} - E_{p,f} = GMm(1/r_f - 1/r_i). Con ri=12109r_i = 12·10^9 m y rf=21109r_f = 21·10^9 m se obtiene W3,891020W \approx -3,89·10^{20} J; el signo negativo indica que la gravedad realiza trabajo contrario al desplazamiento cuando el satélite se aleja.

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EVAU MAD 2024 — A.2Dificultat 3/5

Por una cuerda tensa dispuesta a lo largo del eje x se propaga, a una velocidad de 200 m·s⁻¹ en el sentido positivo del eje, una onda armónica de 0,4 m de longitud de onda. Determine la frecuencia de la onda.

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Resposta correcta — opció B

500 Hz

¡Correcto! f=v/λ=200/0,4=500f = v/\lambda = 200/0,4 = 500 Hz.
La frecuencia se obtiene de la relación de propagación v=λfv = \lambda · f, de donde f=v/λ=200/0,4=500f = v/\lambda = 200/0,4 = 500 Hz. El número de onda asociado es k=2π/λ15,7k = 2\pi/\lambda \approx 15,7 rad/m.

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EVAU MAD 2024 — A.3Dificultat 3/5

Un hilo conductor indefinido se extiende a lo largo del eje z (en x=0x = 0). Otro hilo indefinido paralelo pasa por el punto (5,0,0)(5,0,0) cm. Los dos hilos se repelen con una fuerza por unidad de longitud de 51055·10^{-5} N·m⁻¹, y el campo magnético total se anula sobre la recta x=+10x = +10 cm. Sabiendo que las corrientes son antiparalelas, determine la intensidad que circula por el hilo situado en x=0x = 0.

Dato: μ0=4π107\mu_0 = 4\pi·10^{-7} T·m·A⁻¹.

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Resposta correcta — opció A

5,0 A

¡Correcto! La anulación en x=10x=10 cm exige I1/r1=I2/r2I_1/r_1 = I_2/r_2 con r1=10r_1=10, r2=5r_2=5, luego I1=2I2I_1 = 2I_2. De F/l=μ0I1I2/(2πd)F/l = \mu_0 I_1 I_2/(2\pi d) resulta I1I2=12,5I_1 I_2 = 12,5 A², y con I1=2I2I_1 = 2I_2 se obtiene I1=5,0I_1 = 5,0 A.
La anulación del campo en x=10x=10 cm exige μ0I1/(2π10)=μ0I2/(2π5)\mu_0 I_1/(2\pi·10) = \mu_0 I_2/(2\pi·5), es decir I1=2I2I_1 = 2I_2. La fuerza por unidad de longitud F/l=μ0I1I2/(2πd)=5105F/l = \mu_0 I_1 I_2/(2\pi d) = 5·10^{-5} N/m con d=0,05d=0,05 m da I1I2=12,5I_1 I_2 = 12,5 A². Combinando, I2=2,5I_2 = 2,5 A e I1=5,0I_1 = 5,0 A. La repulsión confirma que las corrientes son antiparalelas.

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EVAU MAD 2024 — A.4Dificultat 3/5

Un objeto de 4 mm de altura está situado 20 cm a la izquierda de una lente delgada. La imagen que se forma es derecha y tiene una altura de 2 mm. Calcule la potencia de la lente e indique de qué tipo es.

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Resposta correcta — opció D

5,0-5,0 D, divergente

¡Correcto! Imagen derecha y menor: m=+0,5=s/sm = +0,5 = s'/s, con s=0,20s=-0,20 m da s=0,10s'=-0,10 m. Entonces 1/f=1/s1/s=10+5=51/f = 1/s' - 1/s = -10 + 5 = -5 D. Lente divergente.
La imagen es derecha y de menor tamaño, luego el aumento es m=y/y=+0,5=s/sm = y'/y = +0,5 = s'/s. Con s=0,20s=-0,20 m se obtiene s=0,10s'=-0,10 m. La ecuación de la lente 1/s1/s=1/f1/s' - 1/s = 1/f da 1/f=10+5=51/f = -10 + 5 = -5 D, una potencia negativa propia de una lente divergente.

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EVAU MAD 2024 — A.5Dificultat 3/5

Una placa de cobalto se ilumina con luz de frecuencia igual a 1,2 veces la frecuencia umbral del efecto fotoeléctrico, registrándose un potencial de frenado V1V_1. Si se duplica la frecuencia de la luz incidente, el nuevo potencial de frenado V2V_2 es 6 V mayor que V1V_1. Obtenga el trabajo de extracción del cobalto.

Datos: e=1,61019e = 1,6·10^{-19} C; h=6,631034h = 6,63·10^{-34} J·s.

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Resposta correcta — opció C

5,0 eV

¡Correcto! eV1=h(1,2f0)W=0,2hf0eV_1 = h(1,2f_0) - W = 0,2\,hf_0 y eV2=h(2,4f0)W=1,4hf0eV_2 = h(2,4f_0) - W = 1,4\,hf_0. Restando: e(V2V1)=1,2hf0=1,610196e(V_2-V_1) = 1,2\,hf_0 = 1,6·10^{-19}·6 J, luego W=hf0=81019W = hf_0 = 8·10^{-19} J =5,0= 5,0 eV.
Con W=hf0W = hf_0: eV1=h(1,2f0)hf0=0,2hf0eV_1 = h(1,2f_0) - hf_0 = 0,2\,hf_0 y eV2=h(2,4f0)hf0=1,4hf0eV_2 = h(2,4f_0) - hf_0 = 1,4\,hf_0. Restando, e(V2V1)=1,2hf0e(V_2 - V_1) = 1,2\,hf_0. Como V2V1=6V_2 - V_1 = 6 V, hf0=e6/1,2=81019hf_0 = e·6/1,2 = 8·10^{-19} J =5,0= 5,0 eV, que es el trabajo de extracción.

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EVAU MAD 2024 — B.1Dificultat 3/5

Un satélite de 200 kg se mueve en órbita cerrada alrededor de la Tierra. En un instante se detecta a 630 km de altura, moviéndose a 9,92 km·s⁻¹ con velocidad perpendicular a la dirección radial. Calcule el módulo de su momento angular respecto al centro de la Tierra en ese instante.

Datos: G=6,671011G = 6,67·10^{-11} N·m²·kg⁻²; MT=5,971024M_T = 5,97·10^{24} kg; RT=6,37106R_T = 6,37·10^{6} m.

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Resposta correcta — opció B

1,3910131,39·10^{13} kg·m²/s

¡Correcto! Con velocidad perpendicular al radio, L=mvr=2009920(6,37106+0,63106)1,391013L = m·v·r = 200·9920·(6,37·10^6 + 0,63·10^6) \approx 1,39·10^{13} kg·m²/s.
Como la velocidad es perpendicular al radio, el módulo del momento angular es L=mvrL = m·v·r con r=RT+h=6,37106+0,63106=7,0106r = R_T + h = 6,37·10^6 + 0,63·10^6 = 7,0·10^6 m. Así, L=20099207,01061,391013L = 200·9920·7,0·10^6 \approx 1,39·10^{13} kg·m²/s.

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EVAU MAD 2024 — B.2Dificultat 3/5

El campanario de una iglesia consta de 4 campanas situadas a 35 m de altura. Cada una emite 10 mW de potencia sonora al ser golpeada. Determine el nivel de intensidad sonora que percibe una persona situada al pie de la torre cuando se toca una sola campana.

Dato: intensidad umbral I0=11012I_0 = 1·10^{-12} W·m⁻².

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Resposta correcta — opció C

58,1 dB

¡Correcto! I=P/(4πr2)=102/(4π352)6,5107I = P/(4\pi r^2) = 10^{-2}/(4\pi·35^2) \approx 6,5·10^{-7} W/m². Entonces β=10log(I/I0)58,1\beta = 10\log(I/I_0) \approx 58,1 dB.
La intensidad de una campana al pie de la torre es I=P/(4πr2)=102/(4π352)6,5107I = P/(4\pi r^2) = 10^{-2}/(4\pi·35^2) \approx 6,5·10^{-7} W/m². El nivel de intensidad sonora es β=10log10(I/I0)=10log10(6,5107/1012)58,1\beta = 10\log_{10}(I/I_0) = 10\log_{10}(6,5·10^{-7}/10^{-12}) \approx 58,1 dB.

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EVAU MAD 2024 — B.3Dificultat 3/5

Dos partículas situadas en los puntos (6,0)(-6, 0) mm y (6,0)(6, 0) mm del plano xy poseen cargas iguales de +9+9 nC. Obtenga el potencial eléctrico en el origen de coordenadas.

Dato: K=9109K = 9·10^{9} N·m²·C⁻².

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Resposta correcta — opció D

27000 V

¡Correcto! Cada carga está a 6 mm =6103= 6·10^{-3} m del origen. V=2Kq/r=291099109/(6103)=27000V = 2·Kq/r = 2·9·10^9·9·10^{-9}/(6·10^{-3}) = 27000 V.
El potencial eléctrico es escalar, así que se suman las contribuciones de ambas cargas. Cada una dista 6 mm del origen: V=2Kq/r=291099109/(6103)=27000V = 2·Kq/r = 2·9·10^9·9·10^{-9}/(6·10^{-3}) = 27000 V. (El campo eléctrico, en cambio, sí se anula en el origen por simetría.)

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EVAU MAD 2024 — B.4Dificultat 3/5

Un prisma de sección triangular está hecho de un material de índice de refracción npn_p e inmerso en aire (n=1n = 1). Determine el índice de refracción npn_p sabiendo que el ángulo límite para la reflexión total en el paso del prisma al aire vale 45,58°.

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Resposta correcta — opció B

1,40

¡Correcto! En el ángulo límite sinθL=naire/np=1/np\sin\theta_L = n_{aire}/n_p = 1/n_p, luego np=1/sin(45,58°)1,40n_p = 1/\sin(45,58°) \approx 1,40.
En el ángulo límite el rayo refractado sale a 90°, de modo que npsinθL=naire=1n_p \sin\theta_L = n_{aire} = 1. Despejando, np=1/sin(45,58°)1,40n_p = 1/\sin(45,58°) \approx 1,40.

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EVAU MAD 2024 — B.5Dificultat 3/5

Una muestra de un radioisótopo presenta una actividad de 10,00 kBq en el instante inicial (t=0t=0) y de 8,90 kBq al cabo de un día. Calcule su período de semidesintegración.

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Resposta correcta — opció C

5,95 días

¡Correcto! λ=ln(A/A0)/t=ln(8,90/10,00)/1=0,1165\lambda = -\ln(A/A_0)/t = -\ln(8,90/10,00)/1 = 0,1165 d⁻¹. Entonces T1/2=ln2/λ5,95T_{1/2} = \ln 2/\lambda \approx 5,95 días.
De la ley de desintegración A=A0eλtA = A_0 e^{-\lambda t} con t=1t=1 día: λ=ln(8,90/10,00)=0,1165\lambda = -\ln(8,90/10,00) = 0,1165 d⁻¹. El período de semidesintegración es T1/2=ln2/λ=0,693/0,11655,95T_{1/2} = \ln 2/\lambda = 0,693/0,1165 \approx 5,95 días.

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